A

放入两球前，根据，甲、乙液体深度相同，，得：；

且，根据，则，

两球浸没在液体中后，增加的压力为排开液体的重，即，因为，所以当V球相等时，增加的压力仍然是甲大于乙，加上原来的压力仍然是甲对容器底的压力大于乙，不可能相等；

那么要最后压力相等，必然是乙球的体积大于甲球的体积，即乙增加的压力才可能大于甲增加的压力，最后加上原来的压力才可能相等，故，正确。

选A。

C

试题分析：如图，两电阻并联，电压表测量电源电压，电流表A测量干路电流，电流表A1测量滑动变阻器的电流。

滑片P向右移动时，电阻变大，所以电流表A1示数变小，电流表A测量干路电流，所以示数也变小，且减小的电流相等，而电压表测量电源电压，示数不变。

A. 电压表V的示数不变，故A错误；

B. 因为电流表A示数变小，所以电压表V示数与电流表A示数的乘积也变小，故B错误；

C. 根据分析可知，电流表A示数大于电流表A1示数，当减小相同的电流时，A示数与A1示数的比值会变大，故C正确；

D. 电压表V示数不变，而电流表A1示数变小 ，所以其比值变大，故D错误。

选C。

D

如图鸡蛋在甲杯中悬浮，根据物体的浮沉条件，鸡蛋与甲杯盐水的密度相等，浮力与重力相等；

如图鸡蛋在乙杯中漂浮，根据物体的浮沉条件，鸡蛋的密度小于乙杯盐水的密度，浮力与重力相等；

故甲杯盐水的密度小于乙杯盐水的密度，两次的浮力相等，则排开液体的质量相等，故AB错误；

乙杯盐水的密度大，两液面恰好相平，根据，则乙杯底部所受的液体压强较大，再根据，乙杯底部所受的液体压力也较大，故C错误，D正确。

选D。

A

A图中电流表与一个电阻串联后又与开关并联，所以开关闭合后将其短路，电流表的示数为零；

B图中开关闭合后，两电阻并联，电流表测量干路电流，示数为：；

C图中两电阻串联，开关闭合后，电流表示数为：；

D图中两电阻并联，电流表测量一个支路的电流，示数为：。

所以A图中电流表示数最小，选A。

D

（1）探究液体内部压强与深度的关系时，要控制液体的密度相同，即使用控制变量法；

（2）探究串联电路中电流的规律，用了实验测量后进行归纳的方法，多次实验归纳出结论；

（3）探究串联电路中电阻的规律时，采用了等效电阻的方法，即等效替代法；

（4）探究物质质量与体积的关系时，要控制密度相同，即使用了控制变量法。

所以（1）与（4）研究方法相同，故选D。

C

如图所示探究“浮力大小”的实验，F2为物体在空气中时，测力计的示数，即物体的重；

F3为物体浸没在水中时，测力计的示数，根据称重法测浮力的原理，，故C正确；

图中，F4为排出的水加上空桶的重，F1为空桶的重，根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重，所以，故ABD都不正确。

选C。

B

压强的大小由压力和受力面积决定，大小等于压力与受力面积的比。

A. 书包背带很宽，是通过增大受力面积的方法减小压强，不符合题意；

B. 刀刃磨得很薄，可以通过减小受力面积的方法增大压强，符合题意；

C. 铁轨下铺枕木，是通过增大受力面积的方法减小压强，不符合题意；

D. 坦克车有履带，是通过增大受力面积的方法减小压强，不符合题意；

选B。

D

空调的功率是比较大的，通常功率在1千瓦到2千瓦之间，甚至更高，故D符合题意。

选D。

A

A. 注射器只有一端开口，所以不属于连通器，吸药液时利用大气压的作用，故A符合题意；

B. 液位计的液位部分和壶身部分构成连通器，是连通器的应用，故B不符合题意；

C. 茶壶的壶嘴和壶身构成连通器，故C不符合题意；

D. 船闸是利用连通器原理工作的典型实例，故D不符合题意。

选A。

B

A. B. D. 质量不随物体的形状、状态、位置的变化而变化，即水结成冰后，质量不变，但体积会变大，密度会变小，故A、D错误，B正确；

C. 冰的比热容是水的一半，所以水结成冰后，比热容变小，故C错误；

选B。

  0.22  4：1

如图两电阻并联，电压表A测量干路电流，电流表A1测量支路R1的电流，所以A的示数一定大于A1的示数。

且电流表大量程为小量程的5倍，所以A的示数为1.1A，A1的示数为0.22A。

通过R1的电流为0.22A，则通过R2的电流为，

并联电路电压相等，所以电流与电阻成反比，即。

答案：(1). 0.22   (2). 4：1

  2:1  16:27  大于

（1）根据题意，，

得：，

（2）重力与质量成正比，所以

因为：，所以

则；

（3）乙的底面积为：，故

甲叠放在乙上方时，压力与第一次相同，受力面积小则压强大，所以。

答案：(1). 2：1   (2). 16：27   (3). 大于

  0.6  18  5

通过该导体的电流：

这段时间内电流做功为：

导体的电阻为：

电阻导体本身的属性，由导体的材料、粗细、长度决定，与电压没有关系，所以导体两端电压调整为6伏时，其电阻仍为5Ω。

答案：(1). 0.6   (2). 18   (3). 5

  0.8  1.6  不变

根据阿基米德原理，浮力等于排开液体的重，所以排开水的重力为0.8牛，即浮力为0.8N；

全部浸没在水中，它受到浮力的大小为：，

当铁球在水中下沉时，排开液体的体积不变，所以受到浮力的大小不变。

答案：(1). 0.8   (2). 1.6   (3). 不变

  220  并联  变大  0.2  电能

家庭电路电压为220V，家用电器通常是并联在电路中的。

所以教室里日光灯两端的电压为220伏，日光灯与投影仪是并联；

根据电阻并联的特点，电阻并联相当于增加了导体的横截面积，所以电阻变小，即并联电阻个数越多电阻越小，并联电阻个数越少，电阻越大。

所以关闭几盏灯后电路中并联的电阻个数减少，总电阻将变大；

额定功率为0.04千瓦的日光灯正常工作5小时，耗电：；

家庭电路消耗的电能用电能表测量。

答案： (1). 220   (2). 并联   (3). 变大   (4). 0.2   (5). 电能

  无关  同种液体对容器底部的压强与深度成正比  1与8（4与11或6与13）  同种液体中，△p与△h的比值相同  不同液体中，液体密度越大，△p与△h的比值越大。

（1）分析序号1与2的结果可知，深度相同，底面积不同时，液体底部的压强相等，分析序号8与9的结果，也可得出相同的结论，所以可得：液体对容器底部的压强大小与容器的底面积大小无关；

（2）分析2～7（或9～14）次的实验数据，压强随深度的增加而增大，且压强与液体深度成正比，所以可得初步结论：同种液体对容器底部的压强与深度成正比。

（3）要得出：当液体的深度一定时，液体的密度越大，液体对容器底部的压强越大的结论，应选择深度相同，液体密度不同的实验进行比较，即1与8或4与11或6与13的实验进行比较。

（4）(a)进一步分析表中△p和△h的数据，可以看出，在同种液体中，压强的变化与深度的变化成正比；

(b)还可得出，液体密度越大，压强的变化随深度的变化越明显，即不同液体中，液体密度越大，△p与△h的比值越大。

答案： (1). 无关   (2). 同种液体对容器底部的压强与深度成正比   (3). 1与8（4与11或6与13）   (4). 同种液体中，△p与△h的比值相同   (5). 不同液体中，液体密度越大，△p与△h的比值越大。

  右  2.2  0.24  多次改变被测电阻两端的电压及通过的电流，以便取平均值减小误差  是  根据题目数据可计算当变阻器R2为最大值20欧时，R1两端电压最小为2伏，所以序号1数据不可能存在，应重新实验

（1）根据保护电路的规则，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移到阻值最大端，即右端。

（2）因为电源电压为6V，所以如图（b）电压表一定使用的小量程，分度值为0.1V，示数为2.2伏，根据欧姆定律，当电阻约10Ω时，电流也不可能大于0.6A，即电流表也使用的小量程，分度值为0.02A，读数为0.24A。

（3）测电阻的实验，获取多组数据，目的是计算出几组数据求平均值，以减小误差。

（4）根据题目数据可知，R1约10Ω，滑动变阻器最大阻值20Ω，根据串联电路的分压特征，电压比等于电阻的比，所以R1两端电压最低在2V左右，故该同学数据中的第一次实验是不可能出现的，即甲同学说的是对的。

答案： (1). B   (2). 2.2   (3). 0.24   (4). 多次改变被测电阻两端的电压及通过的电流，以便取平均值减小误差   (5). 是   (6). 根据题目数据可计算当变阻器R2为最大值20欧时，R1两端电压最小为2伏，所以序号1数据不可能存在，应重新实验

  不同  相同  量程  串联电路中电流处处相等

探究物质质量与体积的关系，要测量质量和体积两个物理量，目的是得出质量与体积成正比；

测定物质的密度，也要测量质量和体积两个物理量，但目的是求出物质的密度，所以目的不同，所测物理相同。

根据电流表的使用规则，使用电流表时，电流不得超过它的量程。

如图所示的三组数据中，A、B、C三处电流都相等，所以可得初步结论：串联电路电流处处相等。

答案： (1). 不同   (2). 相同   (3). 量程   (4). 串联电路中电流处处相等

  大气压   滑动变阻器   连入电路中电阻线的长度   测定小灯泡电功率   0.2   2.4

如图（a）是演示马德堡半球实验的装置，可以用来证明大气压的存在。

如图（b）是滑动变阻器，滑动变阻器的原理是改变接入电路的电阻线的长度来改变接入电路的电阻，在测量小灯泡功率的实验中，要调节小灯泡两端的电压，所以滑动变阻器在此实验中有着重要的作用。

如图（c）所示的弹簧测力计，单位是N，每一大格中间又分了5小格，所以分度值为0.2N，读数为2.4N。

答案： (1). 大气压   (2). 滑动变阻器   (3). 连入电路中电阻线的长度   (4). 测定小灯泡电功率   (5). 0.2N   (6). 2.4N

  当在电路中串联一个电阻后，该电阻具有分压作用  串联电路中，其中一个电阻不变时，另一电阻阻值越大，它两端分得的电压越多

①如图中(a)电路中只接有一个10Ω的电阻，所以电压表的示数即为电源电压，(b)和(c)图中都有另外一个电阻与其串联，由图中电压表的指针位置可知，(b)和(c)图中串联电阻中一个电阻两端的电压都低于原来的电源电压，所以分析比较如图中(a)、(b)或(a)、(c)可知：当在电路中串联一个电阻后，该电阻具有分压作用。

②比较如图中(b)、(c)两图，20Ω和30Ω的电阻分别与10Ω的电阻串联后，30Ω电阻两端分得电压大于20Ω电阻两端分得电压，所以可得：串联电路中，其中一个电阻不变时，另一电阻阻值越大，它两端分得的电压越多。

  L短路或R断路  A、C

① 灯不亮，电压表V有示数，说明电压表两端到电源的两端是通的，则可能是灯L短路，也可能是电阻R断路，这两种情况都会造成灯不亮，而电压表有示数。

② 为了进一步确定故障，采用以下三种方法进行判断：

A. 将电流表串联到电路中，如果电流表示数较大，则为灯短路，如示数为零，由为R断路，故可判断故障；

B. 将电压表V接在小灯L两端时，与电压表接在电阻两端时效果一样，有管有没有示数，都有两种情况可能导致，所以不能确定故障所在；

C. 用完好的小灯L’替换电阻R，如果L’亮，则原灯光短路，如果两灯同时亮，则R断路，故可判断故障。

选AC。

①5V；② 6.5W； ③8Ω≤R2≤35Ω

（1）电阻R1两端的电压为：

（2）电阻R2消耗的电功率：

（3）滑动变阻器允许通过的电流最大为1A，当向左移动变阻器滑片，电阻减小，电流增大，最大为1A时，即，此时：

，

可以看出此时电压差不超过10V，此时R2的阻值为：

即R2连入电路的最小阻值为8Ω；

当向右移动变阻器滑片时，接入电路电阻变大，滑动变阻器分得电压增多，会逐渐高于R1两端的电压，按10V的电压差考虑，

即：

求得：，

此时电流为：

此时R2连入电路的阻值为：，即R2连入电路的最大阻值为35Ω。

答案：①5V；② 6.5W； ③8Ω≤R2≤35Ω

（1）2×103kg/m3；（2）588N， 5.88×105Pa。

（1）车架材料的密度：

（2）对地面的压力：

对地面的压强为：

答案：重点是密度公式和压强公式的应用，注意求压强时，表格中给的是单轮与地面的接触面积，而自行车有两个轮子，所以不要忘了受力面积要乘以2。

19.6牛

浸没水中时，

答案：19.6N

见解析所示

如图滑动变阻器要串联在电路中，要使向右移动滑动变阻器的滑片P时，电流表示数变小，根据欧姆定律，滑动变阻器接入电路的电阻应变大，所以连接滑动变阻器左下接线柱到电流表的负接线柱，如图：

试题分析：掌握电压表和电流的使用方法，电流表串联在电路中，而电压表并联在电路中使用；且电流表本身电阻很小，如果并联使用会出现短路现象；电压表电阻很大，如果串联使用，电路中电流很小，类似断路。

如图右边的圆圈串联在电路中，只能为电流表，如填入电压表，电路不通；

下面两个圆圈分别与电灯、电阻并联，应填入电压表，若填入电流表，则并联的灯

电阻会被短路，填入两个电流表的话电源也被短路，故填入两个电压表正确，如图：

见解析所示

压力是物体对地面的作用力，作用点在地面上，垂直于地面向下，压力是由于物体的重而产生，当放在水平面时，压力等于重力为4牛。如图所示：